L’intégration est l’un des piliers de l’analyse mathématique. Ce chapitre développe la théorie de l’intégrale de Riemann sur un segment, ses propriétés fondamentales, le lien avec les primitives via le théorème fondamental de l’analyse, et les techniques de calcul au programme de MPSI.

1. Intégrale de Riemann§

1.1. Subdivisions et sommes de Darboux§

Soit f:[a,b]Rf : [a, b] \to \mathbb{R} une fonction bornée. Une subdivision de [a,b][a, b] est une suite finie σ=(x0,x1,,xn)\sigma = (x_0, x_1, \dots, x_n) avec :

a=x0<x1<<xn=ba = x_0 < x_1 < \cdots < x_n = b
Définition — Sommes de Darboux

Pour une subdivision σ=(x0,,xn)\sigma = (x_0, \dots, x_n) et ff bornée sur [a,b][a, b], on pose :

  • mk=infx[xk1,xk]f(x)m_k = \inf_{x \in [x_{k-1}, x_k]} f(x) et Mk=supx[xk1,xk]f(x)M_k = \sup_{x \in [x_{k-1}, x_k]} f(x)
  • Somme de Darboux inférieure : s(f,σ)=k=1nmk(xkxk1)s(f, \sigma) = \displaystyle\sum_{k=1}^{n} m_k (x_k - x_{k-1})
  • Somme de Darboux supérieure : S(f,σ)=k=1nMk(xkxk1)S(f, \sigma) = \displaystyle\sum_{k=1}^{n} M_k (x_k - x_{k-1})

On a toujours s(f,σ)S(f,σ)s(f, \sigma) \leqslant S(f, \sigma).

Propriété de raffinement

Si σ\sigma' est plus fine que σ\sigma (c’est-à-dire σσ\sigma \subset \sigma'), alors :

s(f,σ)s(f,σ)S(f,σ)S(f,σ)s(f, \sigma) \leqslant s(f, \sigma') \leqslant S(f, \sigma') \leqslant S(f, \sigma)

Autrement dit, raffiner une subdivision resserre l’encadrement.

1.2. Fonctions en escalier§

Définition — Fonction en escalier

Une fonction φ:[a,b]R\varphi : [a, b] \to \mathbb{R} est dite en escalier s’il existe une subdivision σ=(x0,,xn)\sigma = (x_0, \dots, x_n) de [a,b][a, b] telle que φ\varphi est constante sur chaque intervalle ouvert ]xk1,xk[]x_{k-1}, x_k[. On note E([a,b])\mathcal{E}([a, b]) l’ensemble des fonctions en escalier sur [a,b][a, b].

L’intégrale d’une fonction en escalier φ\varphi, constante égale à ckc_k sur ]xk1,xk[]x_{k-1}, x_k[, est :

abφ(t),dt=k=1nck(xkxk1)\int_a^b \varphi(t), dt = \sum_{k=1}^{n} c_k (x_k - x_{k-1})

Cette valeur ne dépend pas de la subdivision adaptée choisie.

1.3. Intégrabilité au sens de Riemann§

Définition — Intégrabilité

Une fonction bornée f:[a,b]Rf : [a, b] \to \mathbb{R} est intégrable au sens de Riemann si :

supσs(f,σ)=infσS(f,σ)\sup_\sigma s(f, \sigma) = \inf_\sigma S(f, \sigma)

Cette valeur commune est notée abf(t),dt\displaystyle\int_a^b f(t), dt.

De manière équivalente, ff est intégrable si et seulement si :

ε>0,;σ,S(f,σ)s(f,σ)<ε\forall \varepsilon > 0, ; \exists \sigma, \quad S(f, \sigma) - s(f, \sigma) < \varepsilon

2. Classes de fonctions intégrables§

Théorème — Intégrabilité des fonctions continues

Toute fonction continue sur [a,b][a, b] est intégrable sur [a,b][a, b].

Esquisse de preuve

Une fonction continue sur un segment est uniformément continue (théorème de Heine). Pour ε>0\varepsilon > 0, il existe δ>0\delta > 0 tel que xy<δf(x)f(y)<ε/(ba)|x - y| < \delta \Rightarrow |f(x) - f(y)| < \varepsilon / (b - a). On choisit une subdivision de pas <δ< \delta, et l’on obtient S(f,σ)s(f,σ)<εS(f, \sigma) - s(f, \sigma) < \varepsilon.

Théorème — Intégrabilité des fonctions monotones

Toute fonction monotone sur [a,b][a, b] est intégrable sur [a,b][a, b].

Esquisse de preuve

Si ff est croissante, pour une subdivision régulière (xk=a+k(ba)/n)(x_k = a + k(b-a)/n), on a mk=f(xk1)m_k = f(x_{k-1}) et Mk=f(xk)M_k = f(x_k). Alors :

S(f,σ)s(f,σ)=bank=1n(f(xk)f(xk1))=ban(f(b)f(a))n0S(f,\sigma) - s(f,\sigma) = \frac{b-a}{n}\sum_{k=1}^n \big(f(x_k) - f(x_{k-1})\big) = \frac{b-a}{n}\big(f(b) - f(a)\big) \xrightarrow[n\to\infty]{} 0
Théorème — Intégrabilité des fonctions continues par morceaux

Toute fonction continue par morceaux sur [a,b][a, b] est intégrable sur [a,b][a, b].

3. Propriétés de l’intégrale§

Soient f,gf, g intégrables sur [a,b][a, b] et λR\lambda \in \mathbb{R}.

3.1. Linéarité§

ab(λf(t)+g(t)),dt=λabf(t),dt+abg(t),dt\int_a^b \big(\lambda f(t) + g(t)\big), dt = \lambda \int_a^b f(t), dt + \int_a^b g(t), dt

3.2. Positivité et croissance§

Théorème — Positivité

Si f0f \geqslant 0 sur [a,b][a, b], alors abf(t),dt0\displaystyle\int_a^b f(t), dt \geqslant 0.

Corollaire — Croissance

Si fgf \leqslant g sur [a,b][a, b], alors abf(t),dtabg(t),dt\displaystyle\int_a^b f(t), dt \leqslant \int_a^b g(t), dt.

Théorème — Stricte positivité

Si ff est continue, f0f \geqslant 0 sur [a,b][a, b], et f0f \neq 0, alors abf(t),dt>0\displaystyle\int_a^b f(t), dt > 0.

3.3. Relation de Chasles§

Pour tout c[a,b]c \in [a, b] :

abf(t),dt=acf(t),dt+cbf(t),dt\int_a^b f(t), dt = \int_a^c f(t), dt + \int_c^b f(t), dt

Plus généralement, cette relation vaut pour a,b,ca, b, c dans un ordre quelconque, en posant baf(t),dt=abf(t),dt\displaystyle\int_b^a f(t), dt = -\int_a^b f(t), dt.

3.4. Inégalité triangulaire intégrale§

Théorème — Inégalité triangulaire

Si ff est intégrable sur [a,b][a, b], alors f|f| l’est aussi, et :

abf(t),dtabf(t),dt\left|\int_a^b f(t), dt\right| \leqslant \int_a^b |f(t)|, dt

3.5. Valeur moyenne§

Définition — Valeur moyenne

La valeur moyenne de ff sur [a,b][a, b] est :

μ(f)=1baabf(t),dt\mu(f) = \frac{1}{b - a}\int_a^b f(t), dt
Théorème — Valeur intermédiaire pour les intégrales

Si ff est continue sur [a,b][a, b], il existe c[a,b]c \in [a, b] tel que :

abf(t),dt=(ba)f(c)\int_a^b f(t), dt = (b - a) f(c)

4. Théorème fondamental de l’analyse§

C’est le résultat central de ce chapitre : il relie intégration et dérivation.

Théorème fondamental de l’analyse (première forme)

Soit ff continue sur [a,b][a, b]. La fonction FF définie par :

F(x)=axf(t),dtF(x) = \int_a^x f(t), dt

est l’unique primitive de ff sur [a,b][a, b] qui s’annule en aa. En particulier, FF est de classe C1\mathcal{C}^1 et F(x)=f(x)F'(x) = f(x).

Esquisse de preuve

On écrit le taux d’accroissement :

F(x+h)F(x)h=1hxx+hf(t),dt\frac{F(x+h) - F(x)}{h} = \frac{1}{h}\int_x^{x+h} f(t), dt

Par le théorème de la valeur moyenne, il existe chc_h entre xx et x+hx + h tel que cette expression vaut f(ch)f(c_h). Quand h0h \to 0, chxc_h \to x et f(ch)f(x)f(c_h) \to f(x) par continuité.

Théorème fondamental (seconde forme)

Si ff est continue sur [a,b][a, b] et GG est une primitive quelconque de ff, alors :

abf(t),dt=G(b)G(a)=[G(t)]ab\int_a^b f(t), dt = G(b) - G(a) = \big[G(t)\big]_a^b
Exemple

Calculer 01t2,dt\displaystyle\int_0^1 t^2, dt.

Une primitive de tt2t \mapsto t^2 est G(t)=t33G(t) = \dfrac{t^3}{3}. Donc :

01t2,dt=133033=13\int_0^1 t^2, dt = \frac{1^3}{3} - \frac{0^3}{3} = \frac{1}{3}

5. Formules de Taylor§

5.1. Formule de Taylor avec reste intégral§

Théorème — Taylor avec reste intégral

Si ff est de classe Cn+1\mathcal{C}^{n+1} sur [a,b][a, b], alors pour tout x[a,b]x \in [a, b] :

f(x)=k=0nf(k)(a)k!(xa)k+ax(xt)nn!f(n+1)(t),dtf(x) = \sum_{k=0}^{n} \frac{f^{(k)}(a)}{k!}(x - a)^k + \int_a^x \frac{(x - t)^n}{n!} f^{(n+1)}(t), dt
Esquisse de preuve

Par récurrence sur nn. Le cas n=0n = 0 est simplement f(x)=f(a)+axf(t),dtf(x) = f(a) + \int_a^x f'(t), dt. Le passage de nn à n+1n+1 se fait par une intégration par parties du reste intégral.

5.2. Inégalité de Taylor-Lagrange§

Corollaire — Inégalité de Taylor-Lagrange

Sous les mêmes hypothèses, si f(n+1)=Mn+1|f^{(n+1)}|_\infty = M_{n+1}, alors :

f(x)k=0nf(k)(a)k!(xa)kMn+1xan+1(n+1)!\left|f(x) - \sum_{k=0}^n \frac{f^{(k)}(a)}{k!}(x-a)^k\right| \leqslant M_{n+1} \frac{|x - a|^{n+1}}{(n+1)!}

6. Techniques d’intégration§

6.1. Intégration par parties (IPP)§

Théorème — Intégration par parties

Soient u,vu, v de classe C1\mathcal{C}^1 sur [a,b][a, b]. Alors :

abu(t)v(t),dt=[u(t)v(t)]ababu(t)v(t),dt\int_a^b u(t) v'(t), dt = \big[u(t)v(t)\big]_a^b - \int_a^b u'(t) v(t), dt
Exemple — Calcul de 01tet,dt\int_0^1 t e^t, dt

On pose u(t)=tu(t) = t (donc u(t)=1u'(t) = 1) et v(t)=etv'(t) = e^t (donc v(t)=etv(t) = e^t).

01tet,dt=[tet]0101et,dt=e[et]01=e(e1)=1\int_0^1 t e^t, dt = \big[t e^t\big]_0^1 - \int_0^1 e^t, dt = e - \big[e^t\big]_0^1 = e - (e - 1) = 1
Astuce mnémotechnique

On choisit uu comme la fonction qui se simplifie en dérivant (polynôme, ln\ln, arctan\arctan) et vv' comme celle qui se primitive facilement (exe^x, sin\sin, cos\cos).

6.2. Changement de variable§

Théorème — Changement de variable

Soit φ:[α,β][a,b]\varphi : [\alpha, \beta] \to [a, b] de classe C1\mathcal{C}^1, avec φ(α)=a\varphi(\alpha) = a et φ(β)=b\varphi(\beta) = b. Si ff est continue sur [a,b][a, b], alors :

abf(t),dt=αβf(φ(u)),φ(u),du\int_a^b f(t), dt = \int_\alpha^\beta f\big(\varphi(u)\big),\varphi'(u), du
Exemple — Calcul de 011t2,dt\int_0^1 \sqrt{1 - t^2}, dt

On pose t=sinut = \sin u, donc dt=cosu,dudt = \cos u, du. Quand t=0t = 0, u=0u = 0 ; quand t=1t = 1, u=π/2u = \pi/2.

011t2,dt=0π/2cos2u,du=0π/21+cos(2u)2,du=π4\int_0^1 \sqrt{1 - t^2}, dt = \int_0^{\pi/2} \cos^2 u, du = \int_0^{\pi/2} \frac{1 + \cos(2u)}{2}, du = \frac{\pi}{4}

On retrouve bien l’aire d’un quart de disque unité.

6.3. Décomposition en éléments simples§

Pour intégrer une fraction rationnelle P(x)Q(x)\dfrac{P(x)}{Q(x)}, on procède en trois étapes :

  1. Division euclidienne si degPdegQ\deg P \geqslant \deg Q
  2. Décomposition de la partie fractionnaire en éléments simples
  3. Intégration de chaque élément simple
Primitives des éléments simples (sur R\mathbb{R})
Élément simplePrimitive
1xa\dfrac{1}{x - a}lnxa\ln|x - a|
1(xa)n\dfrac{1}{(x - a)^n}, n2n \geqslant 21(n1)(xa)n1\dfrac{-1}{(n-1)(x-a)^{n-1}}
αx+βx2+px+q\dfrac{\alpha x + \beta}{x^2 + px + q} (Δ<0\Delta < 0)α2ln(x2+px+q)+2βαp4qp2arctan2x+p4qp2\dfrac{\alpha}{2}\ln(x^2+px+q) + \dfrac{2\beta - \alpha p}{\sqrt{4q-p^2}}\arctan\dfrac{2x+p}{\sqrt{4q-p^2}}
Exemple — dxx21\int \frac{dx}{x^2 - 1}

On décompose : 1x21=1(x1)(x+1)=1/2x11/2x+1\dfrac{1}{x^2 - 1} = \dfrac{1}{(x-1)(x+1)} = \dfrac{1/2}{x-1} - \dfrac{1/2}{x+1}.

Donc : dxx21=12lnx112lnx+1+C=12lnx1x+1+C\displaystyle\int \frac{dx}{x^2-1} = \frac{1}{2}\ln|x-1| - \frac{1}{2}\ln|x+1| + C = \frac{1}{2}\ln\left|\frac{x-1}{x+1}\right| + C.

6.4. Arbre de décision : choix de la technique§

flowchart TD
    A["Calculer ∫ f(x) dx"] --> B{"Primitive immédiate ?"}
    B -- Oui --> C["Calculer directement"]
    B -- Non --> D{"Fraction rationnelle P(x)/Q(x) ?"}
    D -- Oui --> E["Décomposition en<br/>éléments simples"]
    D -- Non --> F{"Produit de deux fonctions<br/>de natures différentes ?"}
    F -- Oui --> G["Intégration par parties<br/>(IPP)"]
    F -- Non --> H{"Présence de √(expression)<br/>ou de substitution naturelle ?"}
    H -- Oui --> I["Changement de variable"]
    H -- Non --> J{"Expression trigonométrique ?"}
    J -- Oui --> K{"Forme R(sin x, cos x)<br/>avec R rationnelle ?"}
    K -- Oui --> L["Règles de Bioche ou<br/>substitution t = tan(x/2)"]
    K -- Non --> M["Linéarisation avec<br/>formules d'Euler"]
    J -- Non --> N["Réécrire / Simplifier<br/>puis réessayer"]

    style A fill:#4a90d9,color:#fff
    style C fill:#27ae60,color:#fff
    style E fill:#e67e22,color:#fff
    style G fill:#e67e22,color:#fff
    style I fill:#e67e22,color:#fff
    style L fill:#e67e22,color:#fff
    style M fill:#e67e22,color:#fff

7. Sommes de Riemann§

Théorème — Convergence des sommes de Riemann

Si ff est continue sur [a,b][a, b], alors pour toute suite de subdivisions (σn)(\sigma_n) dont le pas tend vers 00, et pour tout choix de points intermédiaires ξk[xk1,xk]\xi_k \in [x_{k-1}, x_k] :

k=1nf(ξk)(xkxk1)nabf(t),dt\sum_{k=1}^{n} f(\xi_k)(x_k - x_{k-1}) \xrightarrow[n \to \infty]{} \int_a^b f(t), dt

En pratique, sur une subdivision régulière de [0,1][0, 1], avec ξk=k/n\xi_k = k/n :

1nk=1nf!(kn)n01f(t),dt\frac{1}{n}\sum_{k=1}^{n} f!\left(\frac{k}{n}\right) \xrightarrow[n \to \infty]{} \int_0^1 f(t), dt

et plus généralement sur [a,b][a, b] :

bank=0n1f!(a+kban)nabf(t),dt\frac{b - a}{n}\sum_{k=0}^{n-1} f!\left(a + k\frac{b-a}{n}\right) \xrightarrow[n \to \infty]{} \int_a^b f(t), dt
Exemple — Calcul de limite par sommes de Riemann

Calculer limnk=1nnn2+k2\displaystyle\lim_{n \to \infty} \sum_{k=1}^{n} \frac{n}{n^2 + k^2}.

On factorise : k=1nnn2+k2=1nk=1n11+(k/n)2\displaystyle\sum_{k=1}^{n} \frac{n}{n^2 + k^2} = \frac{1}{n}\sum_{k=1}^{n} \frac{1}{1 + (k/n)^2}.

C’est une somme de Riemann pour f(t)=11+t2f(t) = \dfrac{1}{1 + t^2} sur [0,1][0, 1].

Donc la limite vaut : 01dt1+t2=[arctant]01=π4\displaystyle\int_0^1 \frac{dt}{1 + t^2} = \big[\arctan t\big]_0^1 = \frac{\pi}{4}.

8. Inégalités intégrales classiques§

8.1. Inégalité de Cauchy-Schwarz intégrale§

Théorème — Inégalité de Cauchy-Schwarz intégrale

Soient f,gf, g continues sur [a,b][a, b]. Alors :

(abf(t)g(t),dt)2(abf(t)2,dt)(abg(t)2,dt)\left(\int_a^b f(t) g(t), dt\right)^2 \leqslant \left(\int_a^b f(t)^2, dt\right)\left(\int_a^b g(t)^2, dt\right)

avec égalité si et seulement si ff et gg sont proportionnelles (c’est-à-dire λR,;f=λg\exists \lambda \in \mathbb{R},; f = \lambda g ou g=0g = 0).

Esquisse de preuve

Pour tout λR\lambda \in \mathbb{R}, on a ab(f+λg)20\displaystyle\int_a^b (f + \lambda g)^2 \geqslant 0. On développe :

abf2+2λabfg+λ2abg20\int_a^b f^2 + 2\lambda\int_a^b fg + \lambda^2 \int_a^b g^2 \geqslant 0

Ce trinôme en λ\lambda est positif, donc son discriminant est négatif ou nul, ce qui donne l’inégalité.

Application — Inégalité de Cauchy-Schwarz

Montrer que pour ff continue sur [0,1][0, 1] : (01f(t),dt)201f(t)2,dt\displaystyle\left(\int_0^1 f(t), dt\right)^2 \leqslant \int_0^1 f(t)^2, dt.

Il suffit d’appliquer Cauchy-Schwarz avec g=1g = 1 : (01f1)201f2011=01f2\displaystyle\left(\int_0^1 f \cdot 1\right)^2 \leqslant \int_0^1 f^2 \cdot \int_0^1 1 = \int_0^1 f^2.

8.2. Inégalités de la moyenne§

Théorème — Encadrement intégral

Si mf(t)Mm \leqslant f(t) \leqslant M pour tout t[a,b]t \in [a, b] (avec a<ba < b), alors :

m(ba)abf(t),dtM(ba)m(b - a) \leqslant \int_a^b f(t), dt \leqslant M(b - a)

9. Exercices types corrigés§

Exercice 1 : IPP itérée§

Exercice — Calcul de In=0π/2sinn(t),dtI_n = \int_0^{\pi/2} \sin^n(t), dt (intégrales de Wallis)

Relation de récurrence par IPP. On écrit sinnt=sinn1tsint\sin^n t = \sin^{n-1} t \cdot \sin t, puis on pose u=sinn1tu = \sin^{n-1} t et v=sintv' = \sin t :

In=[sinn1(t)cos(t)]0π/2+(n1)0π/2sinn2(t)cos2(t),dtI_n = \big[-\sin^{n-1}(t)\cos(t)\big]_0^{\pi/2} + (n-1)\int_0^{\pi/2} \sin^{n-2}(t) \cos^2(t), dt

Le crochet s’annule. On utilise cos2t=1sin2t\cos^2 t = 1 - \sin^2 t :

In=(n1)(In2In)I_n = (n-1)(I_{n-2} - I_n)

D’où la relation de récurrence : In=n1n,In2\boxed{I_n = \dfrac{n-1}{n}, I_{n-2}}

Avec I0=π2I_0 = \dfrac{\pi}{2} et I1=1I_1 = 1, on obtient par exemple :

  • I2=π4I_2 = \dfrac{\pi}{4}, I3=23I_3 = \dfrac{2}{3}, I4=3π16I_4 = \dfrac{3\pi}{16}, I5=815I_5 = \dfrac{8}{15}.

Exercice 2 : Changement de variable§

Exercice — Calcul de 01ln(1+t)1+t2,dt\int_0^1 \frac{\ln(1+t)}{1+t^2}, dt

On note I=01ln(1+t)1+t2,dtI = \displaystyle\int_0^1 \frac{\ln(1+t)}{1+t^2}, dt. On effectue le changement de variable t=tanθt = \tan\theta, dt=dθcos2θdt = \dfrac{d\theta}{\cos^2\theta} :

I=0π/4ln(1+tanθ)1+tan2θdθcos2θ=0π/4ln(1+tanθ),dθI = \int_0^{\pi/4} \frac{\ln(1 + \tan\theta)}{1 + \tan^2\theta} \cdot \frac{d\theta}{\cos^2\theta} = \int_0^{\pi/4} \ln(1 + \tan\theta), d\theta

car 1+tan2θ=1/cos2θ1 + \tan^2\theta = 1/\cos^2\theta. On utilise alors la substitution θπ/4θ\theta \mapsto \pi/4 - \theta :

I=0π/4ln!(1+tan!(π4θ))dθ=0π/4ln!(21+tanθ)dθI = \int_0^{\pi/4} \ln!\left(1 + \tan!\left(\frac{\pi}{4} - \theta\right)\right) d\theta = \int_0^{\pi/4} \ln!\left(\frac{2}{1 + \tan\theta}\right) d\theta

En additionnant : 2I=0π/4ln2,dθ=π4ln22I = \displaystyle\int_0^{\pi/4} \ln 2, d\theta = \frac{\pi}{4}\ln 2, d’où I=π8ln2\boxed{I = \dfrac{\pi}{8}\ln 2}.

Exercice 3 : Somme de Riemann§

Exercice — Limite de k=1n(1+kn)1/n\prod_{k=1}^{n}\left(1 + \frac{k}{n}\right)^{1/n}

Soit Pn=k=1n(1+kn)1/nP_n = \displaystyle\prod_{k=1}^{n}\left(1 + \frac{k}{n}\right)^{1/n}. On passe au logarithme :

lnPn=1nk=1nln!(1+kn)\ln P_n = \frac{1}{n}\sum_{k=1}^{n} \ln!\left(1 + \frac{k}{n}\right)

C’est une somme de Riemann pour f(t)=ln(1+t)f(t) = \ln(1 + t) sur [0,1][0, 1] :

lnPnn01ln(1+t),dt=[(1+t)ln(1+t)(1+t)]01=2ln21\ln P_n \xrightarrow[n \to \infty]{} \int_0^1 \ln(1+t), dt = \big[(1+t)\ln(1+t) - (1+t)\big]_0^1 = 2\ln 2 - 1

Donc Pne2ln21=4e\boxed{P_n \to e^{2\ln 2 - 1} = \dfrac{4}{e}}.

Exercice 4 : Formule de Taylor§

Exercice — Encadrement de ee

En appliquant l’inégalité de Taylor-Lagrange à f(x)=exf(x) = e^x au point a=0a = 0, à l’ordre nn :

e1k=0n1k!e(n+1)!\left|e^1 - \sum_{k=0}^{n} \frac{1}{k!}\right| \leqslant \frac{e}{(n+1)!}

car f(n+1),[0,1]=e|f^{(n+1)}|_{\infty, [0,1]} = e. Pour n=4n = 4 :

k=041k!=1+1+12+16+124=65242,7083\sum_{k=0}^{4} \frac{1}{k!} = 1 + 1 + \frac{1}{2} + \frac{1}{6} + \frac{1}{24} = \frac{65}{24} \approx 2{,}7083

L’erreur est majorée par e/120<3/120=0,025e/120 < 3/120 = 0{,}025, soit e[2,683;;2,733]e \in [2{,}683;; 2{,}733].

10. Liens§